前言
有些同学可能对于多组测试样例不熟悉，这里解释一下
题目中说了有t组测试样例的只需要先输入一个t，然后循环t次解题过程即可，例如：
void solve() { // 该函数为主要解题处
// 你的解题代码
}
int main() {
int t;
scanf("%d", &t); // T 组测试
while (t--) solve();
return 0;
}不存在t就代表程序要求你读入数据直到数据文件尾，这里要自行了解scanf函数的返回值以及EOF常量，例：
int main() {
int n;
while (scanf("%d", &n) != EOF) { 如果==EOF就代表已经读入完了
// 你的解题代码
}
return 0;
}还存在其他的多组测试样例，但是输入格式中都有描述可自行理解
另外观察到部分同学可能在学习C语言过程中会对一些输入输出操作添加提示信息，例如
void solve() {
int a, b;
printf("请输入两个整数\n"); // 语句1
scanf("%d%d", &a ,&b);
printf("两个整数分别是：%d %d", a, b); //语句2
}上例中语句1以及语句2中的提示语部分在算法题目中都是不背允许的，每个题目都严格要求了输入输出的格式，题目要你输出什么就输出什么，其他的内容都不要输出，否则Wrong Answer
A
这个题目只需要用一个if语句判断 "a + b == c" 或者 "a - b == c" 这两个条件是否成立即可
void solve() {
int a, b, c;
scanf("%d%d%d", &a, &b, &c);
if (a - b == c) cout << "-" << endl;
else cout << "+" << endl;
}
int main() {
int t ;
scanf("%d", &t);
while(t--) solve();
return 0;
}B
这题只需要用if语句判断多个逻辑表达式是否成立即可
void solve() {
int a, b, c;
scanf("%d%d%d", &a, &b, &c);
if (a + b == c || a + c == b || b + c == a)
printf("YES");
else printf("NO");
}
int main() {
int t;
scanf("%d", &t);
while(t--) solve();
return 0;
}C
跟上面两题一样只需要if判断条件是否成立
void solve() {
int a, b, c;
scanf("%d%d%d", &a, &b, &c);
if (a < b && b < c) printf("STAIR\n");
else if (a < b && b > c) printf("PEAK\n");
else printf("NONE\n");
}
int main() {
int t;
scanf("%d", &t);
while(t--) solve();
return 0;
}D
只需要判断哪个数字没有出现即可
void solve() {
int a, b;
scanf("%d%d", &a, &b);
if (a != 1 && b != 1) printf("1\n");
else if (a != 2 && b != 2) printf("2\n");
else printf("3\n");
}
int main() {
int t = 1;
while(t--) solve();
return 0;
}E
这个题目需要推一下公式，通过观察对称，可以发现 $ a[i][j] $ 与 $a[2 - i][2 - j]$ 中心对称 (下标0-2)
void solve() {
char a[3][3];
scanf("%s%s%s", a[0], a[1], a[2]);
for (int i = 0; i < 3; i++) {
for (int j = 0; j < 3; j++) {
if (a[i][j] != a[2 - i][2 - j]) {
printf("NO\n");
return;
}
}
}
printf("YES\n");
}F
观察到要牌数最小那么就只能用4，那么只需要对 $n/4$ 向上取整即可
#include <math.h>
void solve() {
int n;
scanf("%d", &n);
printf("%d\n", ceil(n / 4.0)); // ceil函数向上取整，可自行百度
// 也可以自己编码实现该功能
}
int main() {
int t;
scanf("%d", &t);
while(t--) solve();
return 0;
}G
该题涉及排序操作，根据id和总成绩进行双关键字排序然后循环查找id为1的输出即可（C语言的qsort、C++的sort都可轻松实现）
struct sc {
int id;
int sum;
} arr[1010];
void selectionSort(int n) { // 执行选择排序
for (int i = 0; i < n - 1; i++) {
int maxIdx = i;
for (int j = i + 1; j < n; j++) {
// 按总成绩降序排列，如果总成绩相同则按id升序排列
if (arr[j].sum > arr[maxIdx].sum ||
(arr[j].sum == arr[maxIdx].sum && arr[j].id < arr[maxIdx].id)) {
maxIdx = j;
}
}
// 交换当前元素和找到的最大元素
if (maxIdx != i) {
sc temp = arr[i];
arr[i] = arr[maxIdx];
arr[maxIdx] = temp;
}
}
}
void solve() {
int n;
scanf("%d", &n);
int a, b, c, d;
for (int i = 0; i < n; i++) {
scanf("%d%d%d%d", &a, &b, &c, &d);
arr[i].id = i;
arr[i].sum = a + b + c + d;
}
selectionSort(n);
for (int i = 0; i < n; i++) {
if (arr[i].id == 0) {
printf("%d\n", i + 1);
break;
}
}
}H
关键的观察是 $i^i$ 的奇偶性与 $i$ 相同。因此，问题归结为找出以 $n$ 结尾的 $k$ 个连续整数的和是奇数还是偶数。这可以通过找出 $n-k+1, n-k+2, \ldots, n-1, n$ 的和来完成，即$S_{1 \sim n} - S_{n - k \sim n}$，使用等差公式$n \times (n + 1) / 2$，然后检查它的奇偶性。或者，可以计算那些 $k$ 个连续整数中奇数的数量。
答案运算过程中，可能超过int的数据范围，所以要用long long
void solve() {
long long n, k;
scanf("%lld%lld", &n, &k);
long long res = n * (n + 1) / 2 - (n - k) * (n - k + 1) / 2;
// 1~n的和减去1~(n-k)的和就是 (n-k+1)~n的和
if (res % 2) printf("NO\n");
else printf("YES\n");
}I
解决问题的时间取决于x和y中的最小值
void solve() {
int n, x, y;
scanf("%d%d%d", &n, &x, &y);
printf("%d\n", (int)ceil(1.0 * n / min(x, y))); // 要向上取整
}J
通过观察可以得知如果两个区间不相交的话那么只需要关一扇门，否则要将相交区的每个门都关上（注意判断边界没门的情况）
void solve() {
int l, r, L, R;
scanf("%d%d%d%d", &l, &r, &L, &R);
int ll = max(l, L), rr = min(r, R); // 相交区间的左右边界
int ql = min(l, L), qr = max(r, R); // 整个区间的左右边界
if (ll > rr) printf("1\n"); // 如果两个区间不相交那么只需关一扇门
else { // 否则要将相交区的每个门关上
int ans = rr - ll; // 相交房间之间的门
if (ll > ql) ++ans;
if (rr < qr) ++ ans; // 相交区最外围的两个门（如果存在）
printf("%d\n", ans);
}
}K
先分别求出正x方向和正y方向各要走多少步cx、cy。因为先走x方向，如果cy >= cx 代表y方向要多走，又因为是交替方向前进，所以x方向需要停留等待y，即最后一步要走y方向，答案为 2 * cy 。如果cx > cy 那么最后一步走x方向，所以答案为 2 * cx - 1
void solve5()
{
int x, y, k;
scanf("%d%d%d", &x, &y, &k);
int cx = ceil(1.0 * x / k), cy = ceil(1.0 * y / k);
if (cy >= cx) printf("%d\n", 2 * cy);
else printf("%d\n", 2 * cx - 1);
}L、M、N
后面的题以后再来探索吧.........
前言
有些同学可能对于多组测试样例不熟悉，这里解释一下
题目中说了有t组测试样例的只需要先输入一个t，然后循环t次解题过程即可，例如：
不存在t就代表程序要求你读入数据直到数据文件尾，这里要自行了解scanf函数的返回值以及EOF常量，例：
还存在其他的多组测试样例，但是输入格式中都有描述可自行理解
另外观察到部分同学可能在学习C语言过程中会对一些输入输出操作添加提示信息，例如
上例中语句1以及语句2中的提示语部分在算法题目中都是不背允许的，每个题目都严格要求了输入输出的格式，题目要你输出什么就输出什么，其他的内容都不要输出，否则Wrong Answer
A
这个题目只需要用一个if语句判断 "a + b == c" 或者 "a - b == c" 这两个条件是否成立即可
B
这题只需要用if语句判断多个逻辑表达式是否成立即可
C
跟上面两题一样只需要if判断条件是否成立
D
只需要判断哪个数字没有出现即可
E
这个题目需要推一下公式，通过观察对称，可以发现 $ a[i][j] $ 与$a[2 - i][2 - j]$ 中心对称 (下标0-2)
F
观察到要牌数最小那么就只能用4，那么只需要对$n/4$ 向上取整即可
G
该题涉及排序操作，根据id和总成绩进行双关键字排序然后循环查找id为1的输出即可（C语言的qsort、C++的sort都可轻松实现）
H
关键的观察是$i^i$ 的奇偶性与 $i$ 相同。因此，问题归结为找出以 $n$ 结尾的 $k$ 个连续整数的和是奇数还是偶数。这可以通过找出 $n-k+1, n-k+2, \ldots, n-1, n$ 的和来完成，即$S_{1 \sim n} - S_{n - k \sim n}$，使用等差公式$n \times (n + 1) / 2$，然后检查它的奇偶性。或者，可以计算那些 $k$ 个连续整数中奇数的数量。
答案运算过程中，可能超过int的数据范围，所以要用long long
I
解决问题的时间取决于x和y中的最小值
J
通过观察可以得知如果两个区间不相交的话那么只需要关一扇门，否则要将相交区的每个门都关上（注意判断边界没门的情况）
K
先分别求出正x方向和正y方向各要走多少步cx、cy。因为先走x方向，如果cy >= cx 代表y方向要多走，又因为是交替方向前进，所以x方向需要停留等待y，即最后一步要走y方向，答案为 2 * cy 。如果cx > cy 那么最后一步走x方向，所以答案为 2 * cx - 1
L、M、N
后面的题以后再来探索吧.........